Провести линию параллельно заданной через заданные координаты

← →
Сергей_Власов (2009-08-13 13:22) [0]

Здраствуйте.
Как провести линию параллельно заданной,
если известны координаты начала и конца заданной линии,
начало будущей параллельной прямой и длина отрезка?
Спасибо.

← →
KilkennyCat © (2009-08-13 13:34) [1]

могу подарить учебник геометрии. неполенюсь, сворую в библиотеке и пришлю.

← →
Palladin © (2009-08-13 13:44) [2]

пипец.... увеличить первую координату на разницу между перовой А и первой Б... 6 класс максимум...

← →
Jeer © (2009-08-13 14:03) [3]

> 6 класс максимум...

Не.. это на след.год задание по ЕГЭ. За год надо решить.

← →
Дуб © (2009-08-13 14:18) [4]

> Как провести линию параллельно заданной,

> длина отрезка?

Задан отрезок и надо найти конец другого отрезка такого, что оба лежат на параллелных линиях, при этом один задан, а у второго известно начало и длина? А направление? Их два.

← →
Inovet © (2009-08-13 14:22) [5]

> [4] Дуб © (13.08.09 14:18)
> а у второго известно начало и длина? А направление? Их
> два.

Эээ. Задано начало прямой.

← →
Дуб © (2009-08-13 14:32) [6]

> Эээ. Задано начало прямой.

Ты меня прямо убил. Сразил вот прямо. :)

А класс это 9-й по нынешней программе.

← →
Inovet © (2009-08-13 14:42) [7]

> [6] Дуб © (13.08.09 14:32)
>
> > Эээ. Задано начало прямой.
>
> Ты меня прямо убил. Сразил вот прямо. :)
> А класс это 9-й по нынешней программе.

Ну вот. А то 6-й, 6-й.:)

← →
Юрий Зотов © (2009-08-13 15:32) [8]

> Сергей_Власов (13.08.09 13:22)

Уравнение прямой на плоскости имет вид Y = AX + B. Чтобы ее провести, надо найти A и B.

A - это угловой коэффициент. Линии параллельны, поэтому для обоих линий он будет одинаковым и равным:
A = (Y1 - Y2) / (X1-X2)
где (X1, Y1) и (X2, Y2) - координаты начала и конца первой линии.

Итак, A мы нашли - теперь надо найти B для второй линии. Мы знаем, что вторая линия начинается в точке (Xн, Yн) - значит, можно записать уравнение:
Yн = AXн + B
отсюда B = Yн - AXн.

Осталось найти координаты конца отрезка второй линии (Xк, Yк). Его длину мы знаем (обозначим ее L), а еще мы знаем теорему Пифагора. Значит, получаем систему двух уравнений:
L = (Xк - Xн)^2 + (Yк - Yн)^2
Yк = AXк + B

Осталось только решить эту систему и найти (Xк, Yк). Вот это уже точно простенькая школьная задачка и с ней Вы легко справитесь сами.

← →
Sha © (2009-08-13 16:04) [9]

Еще вариант.
При помоши параллельного переноса перенести заданный отрезок в нужную точку (к началу искомого отрезка).
Затем при помощи подобия увеличить/уменьшить длину полученного отрезка до заданной.
Этот метод работает даже для случая прямой, параллельной оси Y.

← →
Сергей М. © (2009-08-13 16:21) [10]

> Сергей_Власов (13.08.09 13:22)

> начало .. прямой

У прямой не может быть ни начала ни конца, на то она и прямая)
Начало и конец может быть лишь у отрезка прямой.

> и длина отрезка

Она для решения задачи не нужна.

← →
Дуб © (2009-08-13 16:23) [11]

> Ну вот. А то 6-й, 6-й.:)

Это не я. :)

Но, ответа от меня не будет пока не будет ответа на мой вопрос. Почему бросаются решать задачу не узнав его - для меня секрет.

← →
Дуб © (2009-08-13 16:24) [12]

> Она для решения задачи не нужна.

Ты задачу еще не понял, а рецепт уже выписал. Хороший доктор.

← →
Сергей М. © (2009-08-13 16:34) [13]

> Дуб © (13.08.09 16:24) [12]

Понятливый ты наш)
Вот приедет барин - барин нас рассудит)

← →
Дуб © (2009-08-13 16:35) [14]

> Сергей М. © (13.08.09 16:34) [13]

Согласный. Но его напугали, кажется. А про начало у прямой, есть анек хороший, про пиво в углу. :)

← →
Inovet © (2009-08-13 16:56) [15]

> [11] Дуб © (13.08.09 16:23)
> Но, ответа от меня не будет пока не будет ответа на мой
> вопрос.

Автор потерялся где-то в начале прямой.:)
У ЮЗ два решения будет, что в такой постановке наверно правильно.

← →
Дуп (2009-08-13 17:03) [16]

> Inovet © (13.08.09 16:56) [15]
> У ЮЗ два решения будет,

У него сложно, к тому же не все прямые записываются в таком виде.

Там все проще. Надо допилить [2] небольшим напильником, ну и все-таки, я настаиваю, получить ответ на мой вопрос.

← →
Сергей М. © (2009-08-13 17:09) [17]

> Надо допилить [2] небольшим напильником

И к какому же боку этого напильника приложить "известную длину отрезка" ?)

← →
Дуп (2009-08-13 17:13) [18]

> Сергей М. © (13.08.09 17:09) [17]

Простым. Вот Sha понял. И я понял. Но ответ я не скажу, пока барин не объявится и не ответит нам ой вопрос. Уж извини.

Отвечать в своем стиле не спеши, разрешаю посчитать до 10.

← →
Сергей М. © (2009-08-13 17:29) [19]

А.. сообразил) ..
Угу, был неправ.
Смутила чехарда с "начало .. прямой".

Ну тады [4] в топку : направление будущего вектора известно)

← →
Дуп (2009-08-13 17:37) [20]

> Сергей М. © (13.08.09 17:29) [19]
> Ну тады [4] в топку

Это не так. Стыдно, товарищ. :)

← →
Inovet © (2009-08-13 17:41) [21]

> [16] Дуп (13.08.09 17:03)
> Там все проще. Надо допилить [2] небольшим напильником,
> ну и все-таки, я настаиваю, получить ответ на мой вопрос.

Напильник видимо взять из
http://delphimaster.net/view/1-1249673444/

← →
Дуб © (2009-08-13 17:47) [22]

> Inovet © (13.08.09 17:41) [21]

Это безусловно. Да все слова сказаны, все давно сделано. Вопрос решен. Остался один. В какую все-таки сторону. В этой задаче вообще ничего нет. кроме того, что автор должен:
1. Прийти и сформулировать задачу хотя бы в теримнах предоженных мной в [4]
2. Понять что 2 варианта и определиться.

Все. Это просто педагогический момент. Копий заний ломать тут не надо.

А там. Там есть еще один момент тонкий. Но он за рамками школы. Уже. Например. доказать, что 2 треугольника с равными углами подобны. Это не так смешно и просто, как может показаться.

← →
Sha © (2009-08-13 20:07) [23]

> Дуб © (13.08.09 17:47) [22]
> доказать, что 2 треугольника с равными углами подобны

Доказательство вполне в рамках школы.
Совмещаем вершины B и b с одинаковыми углами.
Совмещаем стороны AB и ab.
Стороны BC и bc совпадут, иначе углы B и b не равны.
Основания AC и ac параллельны, иначе имеем треугольник с суммой углов, не равной 180 градусов.
По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.
Повторяем те же рассуждения, совмещая вершины A и a.
Все.

← →
Smile (2009-08-13 20:21) [24]

Странно "длиНННая" ветка.
Тем более странная в отсутствии автора топика
:(

← →
Сергей М. © (2009-08-13 20:30) [25]

> Дуп (13.08.09 17:37) [20]

С чего бы вдруг товарищу устыдиться-то ?)
Впрочем ждём барина)

← →
Сергей М. © (2009-08-13 20:34) [26]

> Дуб © (13.08.09 17:47) [22]

> просто педагогический момент

Тут, товарищ, сам знаешь сколько педагогов)

Педагог на педагоге педагогом погоняет)

← →
имя (2009-08-13 22:54) [27]

Удалено модератором

← →
Sha © (2009-08-13 23:13) [28]

Удалено модератором

> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.

Тут то и затык, о которм говорю. т.Фаллеса существует в двух ипостасях. Простая и расширенная. Расширенная теми же греками воспринималась только для рациональных отношений. Собсно в школе есть попытка доказать ее аналог для всех чисел. У нас это было у Погорелова в первом параграфе главы про прямоугольные треугольники когда вводился косинус и показывалась его корректность. Строгостью оно не отличается. По сути это шаткий момент, но после него действительно выходим на оперативный простор. По-хорошему, четко вышли из этого только в 19-м веке, а ученики на 1-м курсе института во введени в анализ.

> cosmo (13.08.09 22:54) [27]

Ответ у задачи - 1 строка. Его давно дали.

> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.

Ну и тут то, о чем и писал в той ветке, что это узкое горлышко подобия и фалесса связаны. Мимо не пройти.

>> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.

> Дуб © (14.08.09 04:04) [29]
> Тут то и затык, о которм говорю. т.Фаллеса существует в двух ипостасях.

Очевидно, что имелась расширенная формулировка (обобщенная теорема Фалеса).

А затыка с ее доказательством тоже нет, все в рамках школы:
http://files.school-collection.edu.ru/dlrstore/4bda22d4-16e4-4015-a173-e58ad351a327/%5BG89D_8-03-02-32%5D_%5BML_004-1%5D.swf

> [32] Дуб © (14.08.09 10:03)
> > Sha © (14.08.09 09:20) [31]
>
> Есть все-таки. Но для школы сойдет.

А в Вики видели доказательство подобия треугольников
http://ru.wikipedia.org/wiki/%D0%9F%D0%BE%D0%B4%D0%BE%D0%B1%D0%B8%D0%B5_%D1%82%D1%80%D0%B5%D1%83%D0%B3%D0%BE%D0%BB%D1%8C%D0%BD%D0%B8%D0%BA%D0%BE%D0%B2

> Inovet © (14.08.09 10:28) [33]

Там тоже метод площадей.

На мой взгляд, через т.Фалеса доказывать выгоднее,
т.к. она имеет самостоятельную ценность.

> Sha © (14.08.09 09:20) [31]

Ага. Это как и с т.Пифагора. Или вводом косинуса и тем путем, что говорил или через площади. Тут и это через площади. Но с площадями и корректностью тоже вопрос. Хотя уже подумать надо где затык. Все равно на каком-нить этапе иррациональности должны вылазить - интересна то цепочка. В учебнике вся цепь выстраивается с аксиом. Ежели просто оперировать уже готовыми теоремами всего курса, то можно сотни докв привести. Мне и через т.синусов приводили. Кругов можно много накрутить так.

> Дуб © (14.08.09 11:02) [35]
> Все равно на каком-нить этапе иррациональности должны вылазить

Иррациональность давим в самом начале, например:
http://moodle.nci.kz/mod/resource/view.php?id=938
а потом свободно используем метод площадей, например, в той же т.Фалеса.

> Inovet © (14.08.09 10:28) [33]

Там площади. А с ними синусы и косинусы. Получается вопрос - почему вообще у угла есть характеристика синус и косинус? Определение(для острых): строим на угле прямоугольный треугольник и считаем отношения катетов к гипотенузе. Строим другой сичтаем эти же отношения. почему они равны? Потому что треуголдьники подобны. а почему треугольники подобны? Потому что площади рассчитаные через синус-косинус вот так, а почему есть синус-косинус, потому что подобны...Ну, понятно, да? :)

Все-таки к обобщенной первый подход идет из первой с равными отрезками. оно обощается на целые числа, а потом и на дроби. Ко всем же по принципу наглядности только. Хотя и достаточно для школы.

> Дуб © (14.08.09 11:31) [37]

Не все так плохо:
Сначала понятие площади фигуры со свойствами-аксиомами.
Далее площадь прямоугольника.
Площадь прямоугольного треугольника.
Площадь треугольника.
Обобщенная т. Фалеса.
А дальше что душе угодно: подобие, пифагор, синус/косинус...

> Не все так плохо:
> Сначала понятие площади фигуры со свойствами-аксиомами.

Я полный курс от начала до конца с площадями не проходил. У сына вроде как раз в учебнике выстроено через это, надо будет просмотреть, что там царапнет. Тот же параграф у Погорелова царапнул. Что удивительно, его почти никто не помнит. А там по сути и док-ся обобщенная теорем Фалеса. Хотя и маскируется под док-во корректности введеного понятия косинус.

Надо посмотреть как с аксимомами, потому что аксиомы - они площадей изначально не задевают.

А давить именно придется. В математике же как, раз ушки вылезли - будут везде. Просто при одном подходе они очевидны, в другом не так. Там же у Погорелова тоже давят - появляется предел. :)

> А дальше что душе угодно: подобие, пифагор, синус/косинус.
> ..

Ровно так. Я и говорю, проскочив ее сразу вырываемся на оперативный простор. Вообще, из школьной геометрии достаточно вынести несколько теорем и этого достаточно. Эта - одна из главных.

> [37] Дуб © (14.08.09 11:31)
> > Inovet © (14.08.09 10:28) [33]
> Ну, понятно, да? :)

Это ты показываешь где иррациональность в площадях прячется. Но как она мешает доказательству не понятно.

Провести линию параллельно заданной через заданные координаты Найти похожие ветки