Форум: "Начинающим";
Текущий архив: 2009.10.18;
Скачать: [xml.tar.bz2];
ВнизПровести линию параллельно заданной через заданные координаты Найти похожие ветки
← →
Сергей_Власов (2009-08-13 13:22) [0]Здраствуйте.
Как провести линию параллельно заданной,
если известны координаты начала и конца заданной линии,
начало будущей параллельной прямой и длина отрезка?
Спасибо.
← →
KilkennyCat © (2009-08-13 13:34) [1]могу подарить учебник геометрии. неполенюсь, сворую в библиотеке и пришлю.
← →
Palladin © (2009-08-13 13:44) [2]пипец.... увеличить первую координату на разницу между перовой А и первой Б... 6 класс максимум...
← →
Jeer © (2009-08-13 14:03) [3]
> 6 класс максимум...
Не.. это на след.год задание по ЕГЭ. За год надо решить.
← →
Дуб © (2009-08-13 14:18) [4]> Как провести линию параллельно заданной,
> длина отрезка?
Задан отрезок и надо найти конец другого отрезка такого, что оба лежат на параллелных линиях, при этом один задан, а у второго известно начало и длина? А направление? Их два.
← →
Inovet © (2009-08-13 14:22) [5]> [4] Дуб © (13.08.09 14:18)
> а у второго известно начало и длина? А направление? Их
> два.
Эээ. Задано начало прямой.
← →
Дуб © (2009-08-13 14:32) [6]
> Эээ. Задано начало прямой.
Ты меня прямо убил. Сразил вот прямо. :)
А класс это 9-й по нынешней программе.
← →
Inovet © (2009-08-13 14:42) [7]> [6] Дуб © (13.08.09 14:32)
>
> > Эээ. Задано начало прямой.
>
> Ты меня прямо убил. Сразил вот прямо. :)
> А класс это 9-й по нынешней программе.
Ну вот. А то 6-й, 6-й.:)
← →
Юрий Зотов © (2009-08-13 15:32) [8]> Сергей_Власов (13.08.09 13:22)
Уравнение прямой на плоскости имет вид Y = AX + B. Чтобы ее провести, надо найти A и B.
A - это угловой коэффициент. Линии параллельны, поэтому для обоих линий он будет одинаковым и равным:
A = (Y1 - Y2) / (X1-X2)
где (X1, Y1) и (X2, Y2) - координаты начала и конца первой линии.
Итак, A мы нашли - теперь надо найти B для второй линии. Мы знаем, что вторая линия начинается в точке (Xн, Yн) - значит, можно записать уравнение:
Yн = AXн + B
отсюда B = Yн - AXн.
Осталось найти координаты конца отрезка второй линии (Xк, Yк). Его длину мы знаем (обозначим ее L), а еще мы знаем теорему Пифагора. Значит, получаем систему двух уравнений:
L = (Xк - Xн)^2 + (Yк - Yн)^2
Yк = AXк + B
Осталось только решить эту систему и найти (Xк, Yк). Вот это уже точно простенькая школьная задачка и с ней Вы легко справитесь сами.
← →
Sha © (2009-08-13 16:04) [9]Еще вариант.
При помоши параллельного переноса перенести заданный отрезок в нужную точку (к началу искомого отрезка).
Затем при помощи подобия увеличить/уменьшить длину полученного отрезка до заданной.
Этот метод работает даже для случая прямой, параллельной оси Y.
← →
Сергей М. © (2009-08-13 16:21) [10]
> Сергей_Власов (13.08.09 13:22)
> начало .. прямой
У прямой не может быть ни начала ни конца, на то она и прямая)
Начало и конец может быть лишь у отрезка прямой.
> и длина отрезка
Она для решения задачи не нужна.
← →
Дуб © (2009-08-13 16:23) [11]> Ну вот. А то 6-й, 6-й.:)
Это не я. :)
Но, ответа от меня не будет пока не будет ответа на мой вопрос. Почему бросаются решать задачу не узнав его - для меня секрет.
← →
Дуб © (2009-08-13 16:24) [12]> Она для решения задачи не нужна.
Ты задачу еще не понял, а рецепт уже выписал. Хороший доктор.
← →
Сергей М. © (2009-08-13 16:34) [13]
> Дуб © (13.08.09 16:24) [12]
Понятливый ты наш)
Вот приедет барин - барин нас рассудит)
← →
Дуб © (2009-08-13 16:35) [14]> Сергей М. © (13.08.09 16:34) [13]
Согласный. Но его напугали, кажется. А про начало у прямой, есть анек хороший, про пиво в углу. :)
← →
Inovet © (2009-08-13 16:56) [15]> [11] Дуб © (13.08.09 16:23)
> Но, ответа от меня не будет пока не будет ответа на мой
> вопрос.
Автор потерялся где-то в начале прямой.:)
У ЮЗ два решения будет, что в такой постановке наверно правильно.
← →
Дуп (2009-08-13 17:03) [16]> Inovet © (13.08.09 16:56) [15]
> У ЮЗ два решения будет,
У него сложно, к тому же не все прямые записываются в таком виде.
Там все проще. Надо допилить [2] небольшим напильником, ну и все-таки, я настаиваю, получить ответ на мой вопрос.
← →
Сергей М. © (2009-08-13 17:09) [17]
> Надо допилить [2] небольшим напильником
И к какому же боку этого напильника приложить "известную длину отрезка" ?)
← →
Дуп (2009-08-13 17:13) [18]> Сергей М. © (13.08.09 17:09) [17]
Простым. Вот Sha понял. И я понял. Но ответ я не скажу, пока барин не объявится и не ответит нам ой вопрос. Уж извини.
Отвечать в своем стиле не спеши, разрешаю посчитать до 10.
← →
Сергей М. © (2009-08-13 17:29) [19]А.. сообразил) ..
Угу, был неправ.
Смутила чехарда с "начало .. прямой".
Ну тады [4] в топку : направление будущего вектора известно)
← →
Дуп (2009-08-13 17:37) [20]> Сергей М. © (13.08.09 17:29) [19]
> Ну тады [4] в топку
Это не так. Стыдно, товарищ. :)
← →
Inovet © (2009-08-13 17:41) [21]> [16] Дуп (13.08.09 17:03)
> Там все проще. Надо допилить [2] небольшим напильником,
> ну и все-таки, я настаиваю, получить ответ на мой вопрос.
Напильник видимо взять из
http://delphimaster.net/view/1-1249673444/
← →
Дуб © (2009-08-13 17:47) [22]> Inovet © (13.08.09 17:41) [21]
Это безусловно. Да все слова сказаны, все давно сделано. Вопрос решен. Остался один. В какую все-таки сторону. В этой задаче вообще ничего нет. кроме того, что автор должен:
1. Прийти и сформулировать задачу хотя бы в теримнах предоженных мной в [4]
2. Понять что 2 варианта и определиться.
Все. Это просто педагогический момент. Копий заний ломать тут не надо.
А там. Там есть еще один момент тонкий. Но он за рамками школы. Уже. Например. доказать, что 2 треугольника с равными углами подобны. Это не так смешно и просто, как может показаться.
← →
Sha © (2009-08-13 20:07) [23]> Дуб © (13.08.09 17:47) [22]
> доказать, что 2 треугольника с равными углами подобны
Доказательство вполне в рамках школы.
Совмещаем вершины B и b с одинаковыми углами.
Совмещаем стороны AB и ab.
Стороны BC и bc совпадут, иначе углы B и b не равны.
Основания AC и ac параллельны, иначе имеем треугольник с суммой углов, не равной 180 градусов.
По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.
Повторяем те же рассуждения, совмещая вершины A и a.
Все.
← →
Smile (2009-08-13 20:21) [24]Странно "длиНННая" ветка.
Тем более странная в отсутствии автора топика
:(
← →
Сергей М. © (2009-08-13 20:30) [25]
> Дуп (13.08.09 17:37) [20]
С чего бы вдруг товарищу устыдиться-то ?)
Впрочем ждём барина)
← →
Сергей М. © (2009-08-13 20:34) [26]
> Дуб © (13.08.09 17:47) [22]
> просто педагогический момент
Тут, товарищ, сам знаешь сколько педагогов)
Педагог на педагоге педагогом погоняет)
← →
имя (2009-08-13 22:54) [27]Удалено модератором
← →
Sha © (2009-08-13 23:13) [28]Удалено модератором
← →
Дуб © (2009-08-14 04:04) [29]> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.
Тут то и затык, о которм говорю. т.Фаллеса существует в двух ипостасях. Простая и расширенная. Расширенная теми же греками воспринималась только для рациональных отношений. Собсно в школе есть попытка доказать ее аналог для всех чисел. У нас это было у Погорелова в первом параграфе главы про прямоугольные треугольники когда вводился косинус и показывалась его корректность. Строгостью оно не отличается. По сути это шаткий момент, но после него действительно выходим на оперативный простор. По-хорошему, четко вышли из этого только в 19-м веке, а ученики на 1-м курсе института во введени в анализ.
> cosmo (13.08.09 22:54) [27]
Ответ у задачи - 1 строка. Его давно дали.
← →
Дуб © (2009-08-14 04:07) [30]> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.
Ну и тут то, о чем и писал в той ветке, что это узкое горлышко подобия и фалесса связаны. Мимо не пройти.
← →
Sha © (2009-08-14 09:20) [31]>> По т. Фалеса боковые стороны пропорциональны.
> Дуб © (14.08.09 04:04) [29]
> Тут то и затык, о которм говорю. т.Фаллеса существует в двух ипостасях.
Очевидно, что имелась расширенная формулировка (обобщенная теорема Фалеса).
А затыка с ее доказательством тоже нет, все в рамках школы:
http://files.school-collection.edu.ru/dlrstore/4bda22d4-16e4-4015-a173-e58ad351a327/%5BG89D_8-03-02-32%5D_%5BML_004-1%5D.swf
← →
Дуб © (2009-08-14 10:03) [32]> Sha © (14.08.09 09:20) [31]
Есть все-таки. Но для школы сойдет.
← →
Inovet © (2009-08-14 10:28) [33]> [32] Дуб © (14.08.09 10:03)
> > Sha © (14.08.09 09:20) [31]
>
> Есть все-таки. Но для школы сойдет.
А в Вики видели доказательство подобия треугольников
http://ru.wikipedia.org/wiki/%D0%9F%D0%BE%D0%B4%D0%BE%D0%B1%D0%B8%D0%B5_%D1%82%D1%80%D0%B5%D1%83%D0%B3%D0%BE%D0%BB%D1%8C%D0%BD%D0%B8%D0%BA%D0%BE%D0%B2
← →
Sha © (2009-08-14 10:56) [34]> Inovet © (14.08.09 10:28) [33]
Там тоже метод площадей.
На мой взгляд, через т.Фалеса доказывать выгоднее,
т.к. она имеет самостоятельную ценность.
← →
Дуб © (2009-08-14 11:02) [35]> Sha © (14.08.09 09:20) [31]
Ага. Это как и с т.Пифагора. Или вводом косинуса и тем путем, что говорил или через площади. Тут и это через площади. Но с площадями и корректностью тоже вопрос. Хотя уже подумать надо где затык. Все равно на каком-нить этапе иррациональности должны вылазить - интересна то цепочка. В учебнике вся цепь выстраивается с аксиом. Ежели просто оперировать уже готовыми теоремами всего курса, то можно сотни докв привести. Мне и через т.синусов приводили. Кругов можно много накрутить так.
← →
Sha © (2009-08-14 11:30) [36]> Дуб © (14.08.09 11:02) [35]
> Все равно на каком-нить этапе иррациональности должны вылазить
Иррациональность давим в самом начале, например:
http://moodle.nci.kz/mod/resource/view.php?id=938
а потом свободно используем метод площадей, например, в той же т.Фалеса.
← →
Дуб © (2009-08-14 11:31) [37]> Inovet © (14.08.09 10:28) [33]
Там площади. А с ними синусы и косинусы. Получается вопрос - почему вообще у угла есть характеристика синус и косинус? Определение(для острых): строим на угле прямоугольный треугольник и считаем отношения катетов к гипотенузе. Строим другой сичтаем эти же отношения. почему они равны? Потому что треуголдьники подобны. а почему треугольники подобны? Потому что площади рассчитаные через синус-косинус вот так, а почему есть синус-косинус, потому что подобны...Ну, понятно, да? :)
Все-таки к обобщенной первый подход идет из первой с равными отрезками. оно обощается на целые числа, а потом и на дроби. Ко всем же по принципу наглядности только. Хотя и достаточно для школы.
← →
Sha © (2009-08-14 11:47) [38]> Дуб © (14.08.09 11:31) [37]
Не все так плохо:
Сначала понятие площади фигуры со свойствами-аксиомами.
Далее площадь прямоугольника.
Площадь прямоугольного треугольника.
Площадь треугольника.
Обобщенная т. Фалеса.
А дальше что душе угодно: подобие, пифагор, синус/косинус...
← →
Дуб © (2009-08-14 12:26) [39]> Не все так плохо:
> Сначала понятие площади фигуры со свойствами-аксиомами.
Я полный курс от начала до конца с площадями не проходил. У сына вроде как раз в учебнике выстроено через это, надо будет просмотреть, что там царапнет. Тот же параграф у Погорелова царапнул. Что удивительно, его почти никто не помнит. А там по сути и док-ся обобщенная теорем Фалеса. Хотя и маскируется под док-во корректности введеного понятия косинус.
Надо посмотреть как с аксимомами, потому что аксиомы - они площадей изначально не задевают.
А давить именно придется. В математике же как, раз ушки вылезли - будут везде. Просто при одном подходе они очевидны, в другом не так. Там же у Погорелова тоже давят - появляется предел. :)
> А дальше что душе угодно: подобие, пифагор, синус/косинус.
> ..
Ровно так. Я и говорю, проскочив ее сразу вырываемся на оперативный простор. Вообще, из школьной геометрии достаточно вынести несколько теорем и этого достаточно. Эта - одна из главных.
← →
Inovet © (2009-08-14 12:39) [40]> [37] Дуб © (14.08.09 11:31)
> > Inovet © (14.08.09 10:28) [33]
> Ну, понятно, да? :)
Это ты показываешь где иррациональность в площадях прячется. Но как она мешает доказательству не понятно.
Страницы: 1 2 вся ветка
Форум: "Начинающим";
Текущий архив: 2009.10.18;
Скачать: [xml.tar.bz2];
Память: 0.56 MB
Время: 0.007 c